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php动态创建数据库表

你做好程序以后,把数据库导出成sql文件 1、连接数据库 2、读取这个sql文件里的sql语句,并执行 3、生成一个数据库连接参数的php文件

$sql="CREATE TABLE $table ( `字段_id` INT( 4 ) NOT NULL AUTO_INCREMENT PRIMARY KEY , `字段名` VARCHAR( 255 ) NOT NULL , `字段名` VARCHAR( 255 ) NOT NULL )"; $query=mysqli_query($link,$sql); if($query==true){ echo "成功"; }else{...

可以先放把表头信息放到一个集合里, 然后把数据放入一个二维数组或二维的容器里 例如 : 后台 String[] tis = {"7.1","7.2","7.3"}; List data = new ArrayList(); data.add(new String[]{"1","2","3"}); data.add(new String[]{"4","5","6"}); ...

概念混乱啊,PHP是一种编程语言,不是文件。 表是数据库中的对象,通常应该通过数据库管理系统来建立表,然后通过编程语言做出的程序访问表中的数据,而不是动态建立表格。

创建数据库:create database 数据库名 创建数据表: CREATE TABLE `users` ( `id` tinyint(10) auto_increment primary key NOT NULL, `username` varchar(30) NOT NULL, `age` int(10) NOT NULL ) ENGINE=MyISAM DEFAULT CHARSET=utf8; 执行这...

$table_name = 'user'; echo '正在创建数据表:'.$table_name; //action code $result = $flag ? '成功':'失败'; echo '数据表'.$table_name.'创建'.$result; 因为PHP是顺序执行的,执行到哪里,输出就好了。 这里主要涉及到str_repeat()和flush...

编辑:(可以新建一个页面用来处理编辑事件) 以下是编辑核心代码 获取传递过来的参数 $id=$_POST["id"]; $programname=$_POST["programname"]; $date=$_POST["date"]; $time=$_POST["time"]; $type=$_POST["type"]; $channel=$_POST["channel"]; ...

说明数据表没有创建成功。你试下添加一个主键,每个数据表都必须要有一个字段做为主键存在的,目前你的SQL语句里面没有这一项

测试代码没有错,执行成功! 1、看看你的选择数据库是否对应。 2、密码是否正确

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